第九章静电场及其应用基础达标卷（A卷）（全解全析版）

第九章静电场及其应用基础达标卷（A卷）高二物理•全解全析

1.B【解析】A.摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，电荷的总数保持不变，并没有创造电荷，故A错误;BC.摩擦起电时，物体带正电荷是因为在摩擦过程中此物体失去了电子，物体带负电荷是因为在摩擦过程中此物体得到了电子，故B正确，C错误；D.等量的正、负电荷可以中和，只是整体不显电性而已，电荷并没有消失，故D错误故选BoA【解析】开始时两小球间的库仑力口kqqF=-^r=mg当B小球电荷量变为原来的两倍后解得£=V2L故选项A正确，BCD选项错误故选AoC［解析］花朵和蜜蜂均带数量相同的正电荷，蜜蜂和花之间的电场与等量正电荷之间的电场类似，即电场线均由蜜蜂、花指向外部，C正确，ABD错误故选Co【解析】由图像可知，图线的斜率表示电场强度，试探电荷在、b两点的电场强度方向相反，所以场源点电荷位于、b两点之间又因为试探电荷带正电且在点处电场力沿x轴正向，所以场源点电荷带负电故选BoC【解析】是负电荷，在P点的电场强度EQ方向沿QP连线方向指向QQ2是正电荷时，Q2在P点的电场强度EQ2方向沿Q2P连线方向背向Q2如图所示•.•⑼+2由于22根据点电荷场强决定式E=k%r知EQ介EQ2所以合成后的合场强方向斜向左下方，故C符合题意，ABD不符合题意故选CB【解析】A.曝光时字迹阴影部分应该带电才能吸附色粉，光照部分不带电，因此半导体光照部分电阻应该减小，阴影部分电阻增大，A错误；B.感光鼓带正电，色粉若被吸附应该带负电，B正确；C.色粉的带电通常是通过色粉与载体的摩擦获得，摩擦起电的两个物体所带电性相反，C错误；D.色粉带负电，若被吸附到复印纸上，纸张应带正电，D错误故选BoC【解析】设三个小球的电量分别为4a、私和外质量为小，带电小球A、B平衡时，A、B之间的距离为r=V2L以带电小球A为对象，根据受力平衡可得（瓦）2tan45°二———/叫若将小球B换成质量相同的带电小球C平衡时，A、C之间的距离为rf=L以带电小球A为对象，根据受力平衡可得tan30°=——--mg联立可得带电小球B和C的电荷量之比为%_2a/3%1C正确，ABD错误故选CD【解析】依题意，可把关于棒L1和L2水平对称轴对称的两点看着等量同种点电荷模型，由点电荷场强公式E=*结合对称性，可判断知点电场强度为零，在水平对称轴及竖直对称轴上，关于O点对称分布的点，场强大小相等，但方向相反，所以，没有电场线经过水平对称轴及竖直对称轴，八和8两点的场强大小相等，方向相反，且八和B两点的场强大于点的场强故选Do【解析】A.设BQ距离d=6m由几何关系AQ=

7.5mAB=BC=

4.5mDQ=10m圆环在A点刚释放时加速度大小为

6.4m/s2由牛顿第二定律有•kQqmesin537cos53=maAQ2a由于C点是细杆上与4点对于B点的对称点，设圆环到达C点加速度大小为aCmgsin53°+cos53°=marAQ2解得ac=

9.6m/s2故A正确;B.

2、C两点电势相同，由八点到C点过程，由动能定理有12mg•AC•sin53°=—mvc代入数据解得vc=12m/s故B错误;C.设圆环刚离开细杆时加速度为沏，则有kQqmg+7=man2口解得aD=

11.5m/s故C正确;D.圆环离开细杆后，受重力和电场力作用，电场力是变力，故做非匀变速运动故D错误故选ACoAB【解析】A.由库仑定律知，带电小球与P之间的库仑力大小为尸=维广A正确；B.带电小球P所在处的电场强度大小「bQE=k—广B正确；C.根据几何关系有.nFsin=——F拉解得F=如拉r2sin6C错误；D.根据Ftan0=mg解得kqQm=-广gtanD错误故选ABoBD［解析】A.P点处的场强为零，小球C带正电，A项错误B.C点处点电荷在产点产生的电场的场强与细杆在P点产生的场强等大反向因此细杆AB在P点产生的电场的场强大小为厂/Q/4QjjB项正确；C.由于尸点和P点关于细杆对称，因此细杆A8在P点产生的电场的场强大小亦D.根据电场叠加原理，点处的合电场强度为驾C3L9ED项正确故选BDoAD【解析】AB.测试时将面料放入旋转摩擦机中，摩擦起电后，再将带电面料放入双层金属筒内筒并与内壁接触，这时电荷可以全部转移到内筒的外壁，与内筒相连的仪表就能测出面料所带电荷量所以内筒的内壁不带电，内筒的外壁带电并且带上全部电荷量，则A正确；B错误；CD.内筒的外壁带电，由静电感应让外筒带上感应电荷，外筒的内壁带上异种电荷，外筒的外壁带上同种电荷，但是由于在外筒外壁接地，把外壁的电荷量导入大地，则外筒的外壁不带电，所以C错误；D正确；故选ADo小于大于大于【解析】

[1]当小球远离带电体C时，根据库仑定律尸=攀，可知稳定后的小球受到的库仑力变小，受力分析得，小球与竖直方向的夹角小于原夹角；2⑵当增大带电体C的电荷量时，根据库仑定律产=祟，可知稳定后的小球受到的库仑力变大，受力分析得，小球与竖直方向的夹角大于原夹角；3⑶若让带电体C带等量负电荷，异种电荷相互吸引，稳定后的小球靠近带电体根据库仑定律歹=然，可知稳定后的小球受到的库仑力变大，与竖直方向的夹角大于原夹角匀强电场负噜eU【解析】1

[1]平行金属板之间的电场是匀强电场⑵⑵油滴带负电处于平衡状态，电场力向上，则场强向下，平行金属板的下极板带负电⑶⑶悬浮液滴受力mg=Ene=^ne解得【解析】（3分）解得N=2mg12x104N/C;22x10-7C【解析】

（1）B点处的电场强度为

（2）根据真空中点电荷的场强公式E.也E-r2可得A点处的带电小球电量Q为Er22xlO4N/CxO.3m-7Q=——=6-J=2xlO-7Ck

9.0xl09N-m2/C2

（1）受力图见解析图；F=mgt^a.

（2）4=幽吧，方向水平向右；

（3）qmgr2tanakq【解析】（l）小球A受力如图所示根据平衡条件可知F=mgtana

（2）电场强度的定义式q带电球C在小球A所在处产生的电场的场强Fmgtanaea=~=qq方向水平向右；

（3）根据库仑定律F=噂厂解得mgr1tana初⑴正电；⑵避巡；⑶如―aqq3R~【解析】（D如图分析小球受力，受重力G、支持力八电场力F作用，小球受到的电场力方向与电场方向相同，因此小球带正电（3分）

（2）由几何知识可知Rsine=U（2分）R2则9=30（1分）由受力平衡条件可知（2分）e=4qtanO⑶由几何知识可知ab的距离r=y/3R小球在b处的场强为区=昌=黑（1分）r3R~方向由a到bo则b点的场强是匀强电场和小球该点场强的合场强E产E—50里—2（1分）q3R123456789101112BACBCBCDACABBDAD。