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河南省安阳市第35中学2024-2025学年高三下第二次模拟考试综合试题注意事项
1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区
2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0・5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效
4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀
一、单项选择题本题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1、法拉第电磁感应定律是现代发电机、电动机、变压器技术的基础如图所示，通有恒定电流的导线AB均竖直且足够长，图甲.丙中正方形闭合铜线圈均关于AB左右对称，图乙、丁中AW/ad且与正方形闭合铜线圈共面下列四种情况中•线圈中能产生感应电流的是（）A.甲图中线圈自由下落B.乙图中线圈自由下落C.丙图中线圈绕AB匀速转动D.丁图中线圈匀速向右移动
2、如图所示，在点处放正点电荷，以水平线上的某点，为圆心，画一个圆与电场线分别相交于〃、b、c、d、e.则下列说法正确的是（）A.b、e两点的电场强度相同B.b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差C.点电势高于c点电势D.负电子在d点的电势能大于在〃点的电势能
3、几位同学利用课余时间测一干涸的半球形蓄水池的直径身高为
1.80m的小张同学站在池边从头顶高处水平向池中投掷小石子，石子刚好落到池底的正中央，小李同学用手机的秒表记录的小石子运动时间为
1.6s不计空气阻力，重力加速度取10m*可知水池的直径为（）万之〃-Mm.*424丁G其中解得M m=^GT+可以确定月球和地球的总质量，A错误，C正确;BD.对于“模型二”，月球绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有解得地球的质量为GT2可以确定地球的质量，无法确定月球的质量，B正确，D错误故选BCo
9、ABC【解析】A.周期是振子完成一次全振动的时间，根据图像可知振子的周期是
2.0s,A正确;B.由图可知，1=
0.5s时，振子位于平衡位置处，所以受到的合力为零，B正确;C.由图可知，，=L5s时，振子位于平衡位置处，对应的速度最大；此时刻振子的位移方向从上向下，即振子的速度方向竖直向下，C正确;D.由图可知，弹簧振子在，=
2.0s时位移负的最大位移处，所以回复力最大，方向向上，则振子的加速度最大，且竖直向上，D错误故选ABCo
10、AD【解析】A.若将一正电荷从点移到点，则电场力做正功，则电势能减小，则从点到O点电势降低，可知点电势高于点电势，选项A正确;B.因为3c两处的负电荷在点的合场强向下，在匕处的合场强向上，而A处的正电荷在两点的场强均向下，则根据场强叠加可知，［点场强大于力点场强，选项B错误;C.根据场强叠加可知，〃点的场强等于两个负点电荷3C在〃点的场强与正点电荷A在人点场强的叠加，因在人点的合场强竖直向上，大小等于8在人点场强的大小，此值大于A在匕点的场强大小，可知b点的场强方向是匕一,竖直向上，选项C错误；D.由场强叠加可知，〃之间的场强大于匕之间的场强，根据及/可知，〃、间电势差的绝对值大于反间电势差的绝对值，选项D正确故选ADo
三、实验题本题共2小题，共18分把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程
11、D BF
4.
61.8A D
1.
491.05【解析】1
①测电动势力约
4.5V的电源电动势与内阻时，由于有定值电阻的存在，电路中的最大电流为
4.5A«
0.82Amax=--------------
5.5ma*如果用量程为3A的电流表，则读数误差太大，因此，电流表应选B；测电动势约
4.5V的电源电动势与内阻时，电路最小电阻为n E
4.5R=—=——Q=
7.5QI
0.6考虑电源内阻、滑动变阻器电阻，故定值电阻应选D；⑶为方便实验操作，滑动变阻器应选F；
②
[4]
[5]由表达式=_
5.8/+
4.6根据闭合电路欧姆定律有联立解得电源电动势为£=
4.6V,内阻片
1.8Q,
③⑹由电路图可知，电压表的分流作用会造成实验误差，故A符合题意，BCDE不符合题意;故选A；2
①⑺用图丙所示电路测电动势与内阻，定值电阻适当小一点，实验误差小，因些定值电阻应选D；
②网
[9]由电路图可知，K断开，及闭合，电压表示数为电流电动势，电压表示数为
1.49V,即电源乙电动势为E=L49V；、K2均闭合，电压表示数为L8V,电压表测路端电压，此时电路电流为Ki,U
1.18I=—=---------A=
0.295AR4E—U r------
21.05电源内阻为
12、C GA E见解析U=3U、，【解析】1
[1]
[2]
[3]
[4],由小灯泡的标识可知，其工作电流为L5A,工作电阻为4，所以电流表宜选用电流表A1，即C；因为描绘该小灯泡的伏安特性曲线，电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，总阻值应与待测电阻阻值差不多，故选用滑动变阻器兄，即G；电压表V2的量程太大，读数不准确，电压表Vi的量程太小，但可以串联定值电阻将量程扩大到6V,故电压表应选用Vi,即A；定值电阻应选用用，即E⑵
[5].滑动变阻器采用分压接法，电流表外接，电路图如图所示3
[6].根据串联电路知识可知=/《+勺=3/K=3UV
四、计算题本题共2小题，共26分把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤PoS PSmgLT
13、⑴-----------------L.⑵-----------------------Wl2p°S-作㈠2p°S-mg【解析】⑴气缸刚要离开地面时，对整体由平衡条件可知F=mg活塞处于平衡状态，设此时封闭气体压强为〃，有F+pS=p°S此过程气体做等温变化，设此时活塞距气缸底的距离为〃，由玻意尔定律则有pSU=联立各式，解得=JJ L2p°S—mg⑵此过程中力尸对活塞做正功，封闭气体对活塞做功为叱，有卬+网=〃用（〃一;£）由于封闭气体温度不变，所以其内能保持不变，即△0=0由热力学第一定律知，封闭气体对活塞所做的功等于其吸收的热量，有Q=Mp@ngL二-W2p°S—mg解得
14、12m/s；239J.【解析】
（1）弹簧被压缩到最短时，木块A与滑板B具有相同的速度，设为v,从木块A开始沿滑板B表面向右运动至弹簧被压缩到最短的过程中，A、B系统的动量守恒:mvo=M+m vm解得V=----------V0M+m代入数据得木块A的速度v=2m/s由能量关系，最大弹性势能Ep=mva42^“1or——m+M v2—gmgL
（2）木块A压缩弹簧过程中，弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大.代入数据得Ep=39Jm2sin0y igsin0s+八-------------------------
15、1v=yjlgssin0；2—0\k【解析】
（1）由mgs\n3=ma®M）2=2GS
②由
①②式解得
③%=J2gssin8
（2）滑块速度最大时，有
④mgsinkkx滑块从释放到速度达到最大的过程中，有mgs\n3s+x+W=—/nv2@2由
④⑤解得1mg sin02W=—mv—mgsinO s+2k kA.
3.6m B.11m C.
12.8m D.22m
4、如图所示，正六边形的物体上受四个共点力的作用下保持平衡下列说法正确的是（）A.凡与b2的大小可能不相等B.八与凸的大小可能不相等C.居的大小一定是2的2倍D.居的大小一定是正3的2倍
5、如图所示，高速公路收费站都设有“ETC”通道（即不停车收费通道），设ETC车道是笔直的，由于有限速，汽车通过时一般是先减速至某一限定速度，然后匀速通过电子收费区，再加速驶离（将减速和加速过程都看作加速度大小相等的匀变速直线运动）设汽车开始减速的时刻U0,下列四幅图能与汽车通过ETC的运动情况大致吻合的是c.
6、如图所示，长为L的轻直棒一端可绕固定轴O转动,另一端固定一质量为m的小球，小球搁在水平升降台上，升降平台以速度v匀速上升，下列说法正确的是（）A.小球做匀速圆周运动B.当棒与竖直方向的夹角为时，小球的速度为广一Leos aC.棒的角速度逐渐增大D.当棒与竖直方向的夹角为n时，棒的角速度为丁Lsma
二、多项选择题本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
7、如图所示，一个斜面固定在水平面上，不计空气阻力第一次将小物体从斜面顶端处以水平初速度u沿水平方向抛出，落在斜面上的位置与斜面顶端的距离为斜面长度的!第二次将小物体从斜面顶端以速度2V同方向水平抛出若2A.时间之比为1血B.时间之比为1:2小物体碰撞斜面后不弹起，则小物体第一次与第二次在空中的运动过程（）C.竖直位移之比为1:4D.竖直位移之比为1:
28、在地月系统中，若忽略其它星球的影响，可以将月球和地球看成在引力作用下都绕某点做匀速圆周运动；但在近似处理问题时，常常认为月球是绕地心做圆周运动我们把前一种假设叫“模型一”，后一种假设叫“模型二”已知月球中心到地球中心的距离为L,月球运动的周期为兀利用（）A.“模型一”可确定地球的质量B.“模型二”可确定地球的质量c.“模型一，，可确定月球和地球的总质量D.“模型二”可确定月球和地球的总质量
9、竖直悬挂的弹簧振子由最低点B开始作简谐运动，0为平衡位置，C为最高点，规定竖直向上为正方向，振动图像如图所示则以下说法中正确的是（C■4A.弹簧振子的振动周期为
2.0sB.U
0.5s时，振子的合力为零C.Ul.5s时，振子的速度最大，且竖直向下D.Z=
2.0s时，振子的加速度最大，且竖直向下
10、在等边AABC的顶点处分别固定有电荷量大小相等的点电荷，其中A点电荷带正电，
3、两点电荷带负电，如图所示为5连线的中点，为△AbC的中心，方为A延长线上的点，且aO=bO0下列说法正确的是（）a*Bb-A.〃点电势高于OC点电势B.a点场强小于5点场强C.b点的场强方向是―力D.〃、间电势差的绝对值大于从间电势差的绝对值
三、实验题本题共2小题，共18分把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程
11.（6分）在实验室测量两个直流电源的电动势和内阻电源甲的电动势大约为
4.5V,内阻大约为
1.50；电源乙的电动势大约为L5V,内阻大约为1由于实验室条件有限，除了导线、开关外，实验室还能提供如下器材:A.量程为0〜3V的电压表V B.量程为0〜
0.6A的电流表AiC.量程为0~3A的电流表A2D.阻值为
4.00的定值电阻肥E・阻值为100的定值电阻Ri F.最大阻值为10ft的滑动变阻器R3G最大阻值为100的滑动变阻器凡,
（1）选择电压表、电流表、定值电阻、滑动变阻器等器材，采用图甲所示电路测量电源甲的电动势和内阻.=54——,10滑动变阳器A2D今
2.0—©-----------------L
51.0定值电阻
①定值电阻应该选择（填“D”或E”）；电流、表应该选择（填“B”或C）滑动变阻器应该选择（填“『或G”）.
②分别以电流表的示数/和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，计算机拟合得到如图乙所示图象，U和/的单位分别为V和A,拟合公式为U=・
5.8/+
4.6,则电源甲的电动势E=V,内阻尸（保留两位有效数字）
③在测量电源甲的电动势和内阻的实验中，产生系统误差的主要原因是（）A.电压表的分流作用B.电压表的分压作用C.电流表的分压作用D.电流表的分流作用E.定值电阻的分压作用
（2）为了简便快捷地测量电源乙的电动势和内阻，选择电压表、定值电阻等器材，采用图丙所示电路
①定值电阻应该选择（填D或E”）
②实验中，首先将K断开，R闭合，电压表示数为L49V,然后将K、及均闭合，电压表示数为L18V,则电源乙电动势氏V,内阻尸（小数点后保留两位小数）
12.（12分）某同学手头有一个标有“5V9W”的小灯泡L,想描绘该小灯泡的伏安特性曲线，实验室中如下的实验器材:A.电压表口（量程为2V,内阻为2k）B.电压表匕（量程为15V,内阻为15k）C.电流表4（量程为2A,内阻约为1）D.电流表4（量程为
0.6A,内阻约为10）E.定值电阻R=4kE定值电阻=16kG滑动变阻器（OY，2A）H.剂动变鞋器及（0〜1500,
0.5A）I.学生电源（直流9V,内阻不计）J.开关，导线若干⑴为了便于调节且读数尽量准确，电流表应选用,滑动变阻器应选用,电压表应选用,定值电阻应选用（填器材前的字母序号）⑵在虚线框中画出满足实验要求的电路图⑶根据设计的电路图，可知小灯泡两端电压U与电压表读数Uv的关系为
四、计算题本题共2小题，共26分把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤
13.（10分）如图所示，导热良好的气缸直立在水平地面上，气缸的质量为机，高度为L底面面积为S,用活塞把一定量的气体封闭在气缸内，活塞可沿气缸壁无摩擦移动，活塞及气体的质量可忽略不计，气体可看作理想气体平衡时，活塞处于距气缸底处现用力尸缓慢向上拉动活塞，直至气缸刚要离开地面，2此过程中活塞未移动到气缸口处（环境温度保持不变，环境气体压强为po）求:⑴气缸刚要离开地面时，活塞距气缸底的距离:⑵若此过程中力b做功为W,则封闭气体需从外界吸收多少热量LU
14.（16分）如图所示，质量M=4kg的滑板B静止放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端C到滑板左端的距离L=
0.5m,这段滑板与木块A（可视为质点）之间的动摩擦因数以=
0.2,而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上表面光滑.木块A以速度vo=1Om/s由滑板B左端开始沿滑板B表面向右运动.已知木块A的Ue nB4人质量m=lkg,g取lOmd,.求:
（1）弹簧被压缩到最短时木块A的速度
（2）木块A压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能.
15.（12分）如图所示，在水平地面上固定一倾角为〃的光滑斜面，一劲度系数为A的轻质弹簧的一端固定在斜面底端，弹簧处于自然状态一质量为小的滑块从距离弹簧上端s处由静止释放，设滑块与弹簧接触过程中没有能量损失,弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g
（1）求滑块与弹簧上端接触瞬间速度四的大小;
（2）若滑块在沿斜面向下运动的整个过程中最大速度为愠，求滑块从释放到速度为小的过程中弹簧的弹力所做的功Wo参考答案
一、单项选择题本题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1、D【解析】AC.图甲、丙中，穿过铜线圈的磁通量始终为零，铜线圈中不会产生感应电流，故A、C均错误；B.图乙中，线圈自由下落，由于线圈离导线AB距离不变，所以穿过铜线圈的磁通量始终不变，铜线圈中不会产生感应电流，故B错误；D.图丁中，线圈匀速向右移动，穿过铜线圈的磁通量不断减小，铜线圈中会产生感应电流，故D正确故选Do
2、B【解析】A e两点到点电荷O的距离相等，根据二二二三可知两点处的电场强度大小相等，但是方向不同，故电场强度不同，A错误；氏e两点到点电荷O的距离相等，即两点在同一等势面上，电势相等，c、d两点到点电荷的距离相等，即两点在同一等势面上，电势相等，故、c两点间电势差等于e、两点间电势差，B正确；在正电荷产生的电场中,距离点电荷越近，电势越高，故点的电势低于点的电势，8点电势低于d点电势，而负电荷在低电势处电势能大，故负电子在d点的电势能小于在b点的电势能，CD错误；本题的关键是掌握点电荷电场规律
①距离正点电荷越近，电势越高，电场强度越大，
②在与点电荷等距的点处的电势相等，
③负点电荷在低电势处电势能大.
3、D【解析】设水池的半径为R,人身高为心根据平抛运动的规律，在竖直方向，有h+R=^gt2代入数据解得R=llm,则直径为22m,故ABC错误，D正确故选Do
4、A【解析】B.因Q与尸3关于22和居方向对称，根据几何关系可知B与B必须相等，B错误；ACD.将Q与凡合成为一个F2方向上的力，大小未知，则/
2、F4和合力三个力在同一直线上平衡，大小均未知，则大小关系无法确定，CD错误，A正确故选Ao
5、D【解析】汽车先做匀减速运动，然后做匀速运动，最后做匀加速运动；图像A反映物体先负向匀速后静止，再正向匀速，选项A错误；图像B反映物体先正向匀速后静止，再正向匀速，选项B错误；图像C反映物体先正向加速，后静止，再正向加速，选项C错误；图像D反映物体先减速后匀速，再加速，符合题意，则选项D正确；故选D.此题关键是搞清不同的图像反映的运动规律；x-t图像的斜率等于速度；v-t图像的斜率等于加速度.
6、D【解析】小球受重力、平台的弹力和杆的作用力，因为升降平台以速度V匀速上升，平台的弹力和杆的作用力变化，即小球受到的合力大小变化，小球做的不是匀速圆周运动，故A错误；棒与平台接触点的实际运动即合运动方向是垂直于棒指向左上，如图所示，合速度V实=3L,沿竖直向上方向上的速度分量等于V,即coLsina=v,v所以
①=-----------,平台向上运动，夹角增大，角速度减小，故BC错误，D正确.Lsina故选D.找合速度是本题的关键，应明白实际的速度为合速度.然后分解速度，做平行四边形，根据三角形求解.此题难度在于合速度难确定，属于中档题.
二、多项选择题本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得分
7、AD【解析】AB.设斜面倾角为长度为小小物块以速度u平抛落在斜面上时位移关系有12玉叫解得2vtan^二g则落点距斜面顶端距离_X,_vt_2v2tan6}S]===cos cosgeos若第二次落在斜面上，同理落点距斜面顶端（）22v tan^s[=g cos0则有s=4S]=2L2该距离大于斜面的长度L则第二次抛出时落在水平面上以速度u平抛时「乐”厅以速度2V平抛落在水平面上时有l2Lsin05丁则有%=1[2所以A正确，B错误；CD.第一次与第二次平抛的竖直位移之比为—Lsin01」A2y£sin82=2所以D正确，C错误故选ADo
8、BC【解析】AC.对于“模型一”，是双星问题，设月球和地球做匀速圆周运动的轨道半径分别为r和R,间距为3运行周期为7,根据万有引力定律有。
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